使用php打開一個窗口彈出窗口
[英]Open a window popup using php
問題描述
我正在使用php，mysql和ajax自己開發聊天。
我有一個頁面，每5秒加載一次ajax。 此ajax驗證數據庫並檢查是否有人想與已經連接的另一個人聊天。
這很好。 我的問題是，當在ajax函數中調用的此php文件返回有人要聊天時，我需要打開一個彈出窗口。
這是ajax調用的php文件的代碼。
// $query = "SELECT * FROM c_solicitud WHERE PARA = ".$_GET['id_corredor'];
// $result = mysql_query($query);
// echo $query;
$solicitud = 0;
while($row = mysql_fetch_assoc($result))
{
$solicitud = 1; //Existen solicitudes para este corredor
$chat_de = $row['de'];
$chat_para = $row['para'];
$nombre_de = $row['nombre_de'];
$nombre_para = $row['nombre_para'];
$input_desde = $chat_de;
$input_para = $chat_para;
//NEED TO OPEN A POP UP HERE.
}
選擇之后，我需要打開一個窗口。
我試圖在主頁上執行一個功能（在這里調用了ajax函數。但是此javascript無法正常工作。
這是基本的操作，我進行查詢，如果此查詢引發某些結果，我想打開一個彈出窗口。
3 個解決方案
解決方案1
4 2013-09-11 23:53:17
PHP是服務器端腳本語言。 您將需要使用JavaScript（ 大部分時間在客戶端運行）
您將要使用諸如window.open之類的東西，它應該像這樣工作：
window.open('http://google.com');
請記住，當今大多數瀏覽器都內置了彈出窗口阻止程序，除非您將其覆蓋，否則它們將阻止您的嘗試。 如果其他所有方法均失敗，請使用模態！
綜上所述，獲取PHP向用戶返回一個值，然后Javascript將捕獲該值並啟動相應的URL。 該URL 應該包含任何您需要告訴PHP與誰打開聊天會話的參數。
解決方案2
2 2013-09-11 23:56:34
您沒有在PHP端彈出窗口，而是在javascript（客戶端/瀏覽器）端彈出了窗口。
PHP方面只是將結果以HTML或JSON形式返回給您，或者...
因此，您的PHP將如下所示：
while($row = mysql_fetch_assoc($result))
{
$solicitud = 1; //Existen solicitudes para este corredor
$chat_de = $row['de'];
$chat_para = $row['para'];
$nombre_de = $row['nombre_de'];
$nombre_para = $row['nombre_para'];
$input_desde = $chat_de;
$input_para = $chat_para;
//NEED TO OPEN A POP UP HERE.
}
$return = 'Message from: ' . $chat_de;
echo $return;
重要提示：此數據將在您的AJAX成功函數中接收，在其他任何地方都不會收到
例如，如果您的AJAX代碼塊如下所示：
$.ajax({
type: "POST",
url: "my_php_processor_file.php",
data: 'user=johnadams',
success:function(phpData){
alert(phpData);
}
});
數據“ Message from：etc etc”將在變量phpData返回-並且因為我們警告該變量，所以將顯示一個警告框，其中包含數據。
對於彈出窗口，我建議使用jQueryUI的dialog小部件，因為它易於使用並且是一個很好的起點。
您將在文檔的<head>標記中需要以下幾行：
<script src="//ajax.googleapis.com/ajax/libs/jquery/1.9.1/jquery.min.js"></script>
<script src="//ajax.googleapis.com/ajax/libs/jqueryui/1.9.1/jquery-ui.min.js"></script>
<link rel="stylesheet" href="http://code.jquery.com/ui/1.9.1/themes/base/jquery-ui.css" />
您將在文檔中需要一個DIV，用於存儲注入的HTML（由PHP返回）：
<div id="chatresponse"></div>
然后修改后的jQuery / AJAX代碼如下所示：
$.ajax({
type: "POST",
url: "my_php_processor_file.php",
data: 'user=johnadams',
success:function(phpData){
$('#chatresponse').html(phpData);
$('#chatresponse').dialog();
}
});
解決方案3
1 2013-09-12 01:30:40
我建議研究JSONP 。
這樣，您可以讓AJAX輪詢服務器，然后服務器決定何時打開包含window.open('http://google.com'); JavaScript函數window.open('http://google.com'); 。
使用JavaScript打開彈出窗口
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