[英]How to bind different kinds of textures to a texture reference in CUDA?
這段代碼適用於Cuda 4.2
extern "C" texture<int,1,cudaReadModeElementType> __tex0;
extern "C" __global__ void kernel(){
float4 f = tex1Dfetch(*(texture<float4,1,cudaReadModeElementType>*)&__tex0,ii_z)
}
由於Cuda更改了語法,我無法從紋理中獲取不同類型的紋理,知道嗎?
PS 。 我已經在參考中找到了Cuda 紋理對象 ,但是要更改所有出現次數需要進行大量工作。 是否有較小的代碼更改更好的解決方案?
謝謝
如果有人想要原始代碼,請單擊此處 。
似乎最小的repro情況是:
texture<int,1,cudaReadModeElementType> __tex0;
__global__ void kernel0(float4 *out)
{
int t__a = blockIdx.x*blockDim.x+threadIdx.x;
int ii = (t__a*3);
float4 rr = tex1Dfetch(*(texture<float4,1,cudaReadModeElementType>*)&__tex0,ii);
out[t__a] = rr;
}
CUDA 7.5將無法編譯此內核,並顯示以下錯誤:
texture_repo.cu(7):錯誤:無法使用
__device__/__global__
函數中的紋理/表面變量"__tex0"
地址
我相信這是正確的。 紋理引用是不透明的占位符類型,不具有POD類型的任何常規屬性,對於是否編寫代碼(例如您提供的鏈接示例),我將非常懷疑。
但是,確實CUDA 4.2會對此進行編譯並發出有效的PTX:
.entry _Z7kernel0P6float4(
.param .u64 _Z7kernel0P6float4_param_0
)
{
.reg .f32 %f<25>;
.reg .s32 %r<8>;
.reg .s64 %rl<5>;
ld.param.u64 %rl1, [_Z7kernel0P6float4_param_0];
cvta.to.global.u64 %rl2, %rl1;
.loc 2 5 1
mov.u32 %r2, %ntid.x;
mov.u32 %r3, %ctaid.x;
mov.u32 %r4, %tid.x;
mad.lo.s32 %r5, %r2, %r3, %r4;
.loc 2 6 1
mul.lo.s32 %r1, %r5, 3;
mov.u32 %r6, 0;
// inline asm
tex.1d.v4.f32.s32 {%f1, %f2, %f3, %f4}, [__tex0, {%r1}];
// inline asm
.loc 2 8 1
mul.wide.s32 %rl3, %r5, 16;
add.s64 %rl4, %rl2, %rl3;
st.global.v4.f32 [%rl4], {%f1, %f2, %f3, %f4};
.loc 2 9 2
ret;
}
顯然,強制轉換除了抑制編譯器錯誤外沒有其他作用,並且在PTX級別上讀取是有效的,因為紋理引用讀取始終返回四寬矢量類型,即使多余的矢量元素為空且被忽略。 我認為在CUDA 4.2中進行編譯是一個編譯器錯誤,在這種情況下CUDA 7.5似乎是正確的。
也就是說,一個非常棘手的解決方法是:
texture<int,1,cudaReadModeElementType> __tex0;
__device__ float4 tex_load0(int idx)
{
float4 temp;
asm("tex.1d.v4.f32.s32 {%0, %1, %2, %3}, [__tex0, {%4}];" :
"=f"(temp.x), "=f"(temp.y), "=f"(temp.z), "=f"(temp.w) : "r"(idx));
return temp;
}
__global__ void kernel1(float4 *out)
{
int t__a = blockIdx.x*blockDim.x+threadIdx.x;
int ii = (t__a*3);
float4 rr = tex_load0(ii);
out[t__a] = rr;
}
[免責聲明:已編譯,但從未經過測試。 不建議。 使用風險自負]。
例如,將CUDA 4.2編譯器內聯發出的相同PTX插入到設備函數中,並用對設備函數的調用替換紋理提取。 使用CUDA 7.5工具鏈,它發出:
//
// Generated by NVIDIA NVVM Compiler
//
// Compiler Build ID: CL-19856038
// Cuda compilation tools, release 7.5, V7.5.17
// Based on LLVM 3.4svn
//
.version 4.3
.target sm_30
.address_size 64
// .globl _Z9tex_load0i
.global .texref __tex0;
.visible .func (.param .align 16 .b8 func_retval0[16]) _Z9tex_load0i(
.param .b32 _Z9tex_load0i_param_0
)
{
.reg .f32 %f<5>;
.reg .b32 %r<2>;
ld.param.u32 %r1, [_Z9tex_load0i_param_0];
// inline asm
tex.1d.v4.f32.s32 {%f1, %f2, %f3, %f4}, [__tex0, {%r1}];
// inline asm
st.param.f32 [func_retval0+0], %f1;
st.param.f32 [func_retval0+4], %f2;
st.param.f32 [func_retval0+8], %f3;
st.param.f32 [func_retval0+12], %f4;
ret;
}
// .globl _Z7kernel1P6float4
.visible .entry _Z7kernel1P6float4(
.param .u64 _Z7kernel1P6float4_param_0
)
{
.reg .f32 %f<5>;
.reg .b32 %r<6>;
.reg .b64 %rd<5>;
ld.param.u64 %rd1, [_Z7kernel1P6float4_param_0];
cvta.to.global.u64 %rd2, %rd1;
mov.u32 %r2, %ctaid.x;
mov.u32 %r3, %ntid.x;
mov.u32 %r4, %tid.x;
mad.lo.s32 %r5, %r3, %r2, %r4;
mul.lo.s32 %r1, %r5, 3;
mul.wide.s32 %rd3, %r5, 16;
add.s64 %rd4, %rd2, %rd3;
// inline asm
tex.1d.v4.f32.s32 {%f1, %f2, %f3, %f4}, [__tex0, {%r1}];
// inline asm
st.global.v4.f32 [%rd4], {%f1, %f2, %f3, %f4};
ret;
}
與發布的CUDA 4.2工具鏈相同的PTX。 之所以可行,是因為編譯器無法對嵌入式PTX應用幾乎相同級別的類型安全檢查。 但是,請認真考慮您是否真的想這樣做,因為(在我看來)這是不確定的行為。
還要注意,由於在PTX中處理紋理引用的方式,您不能將它們作為顯式參數傳遞,因此您將需要在代碼中為每個紋理定義一個讀取函數。
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