[英]How to bind different kinds of textures to a texture reference in CUDA?
这段代码适用于Cuda 4.2
extern "C" texture<int,1,cudaReadModeElementType> __tex0;
extern "C" __global__ void kernel(){
float4 f = tex1Dfetch(*(texture<float4,1,cudaReadModeElementType>*)&__tex0,ii_z)
}
由于Cuda更改了语法,我无法从纹理中获取不同类型的纹理,知道吗?
PS 。 我已经在参考中找到了Cuda 纹理对象 ,但是要更改所有出现次数需要进行大量工作。 是否有较小的代码更改更好的解决方案?
谢谢
如果有人想要原始代码,请单击此处 。
似乎最小的repro情况是:
texture<int,1,cudaReadModeElementType> __tex0;
__global__ void kernel0(float4 *out)
{
int t__a = blockIdx.x*blockDim.x+threadIdx.x;
int ii = (t__a*3);
float4 rr = tex1Dfetch(*(texture<float4,1,cudaReadModeElementType>*)&__tex0,ii);
out[t__a] = rr;
}
CUDA 7.5将无法编译此内核,并显示以下错误:
texture_repo.cu(7):错误:无法使用
__device__/__global__
函数中的纹理/表面变量"__tex0"
地址
我相信这是正确的。 纹理引用是不透明的占位符类型,不具有POD类型的任何常规属性,对于是否编写代码(例如您提供的链接示例),我将非常怀疑。
但是,确实CUDA 4.2会对此进行编译并发出有效的PTX:
.entry _Z7kernel0P6float4(
.param .u64 _Z7kernel0P6float4_param_0
)
{
.reg .f32 %f<25>;
.reg .s32 %r<8>;
.reg .s64 %rl<5>;
ld.param.u64 %rl1, [_Z7kernel0P6float4_param_0];
cvta.to.global.u64 %rl2, %rl1;
.loc 2 5 1
mov.u32 %r2, %ntid.x;
mov.u32 %r3, %ctaid.x;
mov.u32 %r4, %tid.x;
mad.lo.s32 %r5, %r2, %r3, %r4;
.loc 2 6 1
mul.lo.s32 %r1, %r5, 3;
mov.u32 %r6, 0;
// inline asm
tex.1d.v4.f32.s32 {%f1, %f2, %f3, %f4}, [__tex0, {%r1}];
// inline asm
.loc 2 8 1
mul.wide.s32 %rl3, %r5, 16;
add.s64 %rl4, %rl2, %rl3;
st.global.v4.f32 [%rl4], {%f1, %f2, %f3, %f4};
.loc 2 9 2
ret;
}
显然,强制转换除了抑制编译器错误外没有其他作用,并且在PTX级别上读取是有效的,因为纹理引用读取始终返回四宽矢量类型,即使多余的矢量元素为空且被忽略。 我认为在CUDA 4.2中进行编译是一个编译器错误,在这种情况下CUDA 7.5似乎是正确的。
也就是说,一个非常棘手的解决方法是:
texture<int,1,cudaReadModeElementType> __tex0;
__device__ float4 tex_load0(int idx)
{
float4 temp;
asm("tex.1d.v4.f32.s32 {%0, %1, %2, %3}, [__tex0, {%4}];" :
"=f"(temp.x), "=f"(temp.y), "=f"(temp.z), "=f"(temp.w) : "r"(idx));
return temp;
}
__global__ void kernel1(float4 *out)
{
int t__a = blockIdx.x*blockDim.x+threadIdx.x;
int ii = (t__a*3);
float4 rr = tex_load0(ii);
out[t__a] = rr;
}
[免责声明:已编译,但从未经过测试。 不建议。 使用风险自负]。
例如,将CUDA 4.2编译器内联发出的相同PTX插入到设备函数中,并用对设备函数的调用替换纹理提取。 使用CUDA 7.5工具链,它发出:
//
// Generated by NVIDIA NVVM Compiler
//
// Compiler Build ID: CL-19856038
// Cuda compilation tools, release 7.5, V7.5.17
// Based on LLVM 3.4svn
//
.version 4.3
.target sm_30
.address_size 64
// .globl _Z9tex_load0i
.global .texref __tex0;
.visible .func (.param .align 16 .b8 func_retval0[16]) _Z9tex_load0i(
.param .b32 _Z9tex_load0i_param_0
)
{
.reg .f32 %f<5>;
.reg .b32 %r<2>;
ld.param.u32 %r1, [_Z9tex_load0i_param_0];
// inline asm
tex.1d.v4.f32.s32 {%f1, %f2, %f3, %f4}, [__tex0, {%r1}];
// inline asm
st.param.f32 [func_retval0+0], %f1;
st.param.f32 [func_retval0+4], %f2;
st.param.f32 [func_retval0+8], %f3;
st.param.f32 [func_retval0+12], %f4;
ret;
}
// .globl _Z7kernel1P6float4
.visible .entry _Z7kernel1P6float4(
.param .u64 _Z7kernel1P6float4_param_0
)
{
.reg .f32 %f<5>;
.reg .b32 %r<6>;
.reg .b64 %rd<5>;
ld.param.u64 %rd1, [_Z7kernel1P6float4_param_0];
cvta.to.global.u64 %rd2, %rd1;
mov.u32 %r2, %ctaid.x;
mov.u32 %r3, %ntid.x;
mov.u32 %r4, %tid.x;
mad.lo.s32 %r5, %r3, %r2, %r4;
mul.lo.s32 %r1, %r5, 3;
mul.wide.s32 %rd3, %r5, 16;
add.s64 %rd4, %rd2, %rd3;
// inline asm
tex.1d.v4.f32.s32 {%f1, %f2, %f3, %f4}, [__tex0, {%r1}];
// inline asm
st.global.v4.f32 [%rd4], {%f1, %f2, %f3, %f4};
ret;
}
与发布的CUDA 4.2工具链相同的PTX。 之所以可行,是因为编译器无法对嵌入式PTX应用几乎相同级别的类型安全检查。 但是,请认真考虑您是否真的想这样做,因为(在我看来)这是不确定的行为。
还要注意,由于在PTX中处理纹理引用的方式,您不能将它们作为显式参数传递,因此您将需要在代码中为每个纹理定义一个读取函数。
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