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[英]decltype((void)T{}) in template Partial Specialization not deduce?
[英]Using decltype in partial template specialization
使用以下模板和專業化:
template<typename T, typename = void>
struct A {
void operator()() {
std::cout << "primary" << std::endl;
}
};
template<typename T>
struct A<T, decltype(T().f())> {
void operator()() {
std::cout << "specialization" << std::endl;
}
};
像這樣使用:
struct X {
bool f() { return false; }
};
int main()
{
A<X>()();
return 0;
}
當人們期望選擇部分特化時,解析主模板。 但是,當改為:
template<typename T>
struct A<T, typename std::enable_if<std::is_object<decltype(T().f())>::value>::type> {
void operator()() {
std::cout << "specialization" << std::endl;
}
};
選擇專業化。 為什么在原始示例中沒有選擇專業化?
你已經實例化了:
A<X>
利用默認模板參數成為:
A<X,void>
但是,你的專長是:
template<typename T>
struct A<T, decltype(T().f())>
其中,對於模板參數X
變為:
struct A<X, decltype(X().f())>
這是:
struct A<X, bool>
所以,你的專業化不是正確的選擇,因為A<X,bool>
不專門化A<X,void>
。
如果你希望你的專業化適用於所有格式良好的T().f()
實例,你可以使用C ++ 17的std::void_t
對於傳遞給它的任何格式良好的模板參數, std::void_t
將評估為void
。
template<typename T>
struct A<T, std::void_t<decltype(T().f())>> {
void operator()() {
std::cout << "specialization" << std::endl;
}
};
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