apache / python：文件上传未按预期工作

Question

我正在使用apache / python2.7并尝试简单的文件上传。

html

<form enctype="multipart/form-data"  method="POST">
   <p>Upload File: <input type="file" name="file" id="InputFile"></p>
   <p><input type="submit"  name="ws_butt" value="Create Bulk" class="bulk_submit"></p>
</form>

蟒蛇

request_body_size = int(environ.get('CONTENT_LENGTH', 0))
request_body = environ['wsgi.input'].read(request_body_size)
d = parse_qs(request_body)

如果我打印出“ d”的值，我将得到：

{' name': ['"file"', '"ws_butt"\r\n\r\nCreate Bulk\r\n------WebKitFormBoundaryCXKZ4XpBfD6P2BIu--\r\n'], ' filename': ['"s3essentials-jason.csv"\r\nContent-Type: text/csv\r\n\r\n"Time","Note"\r\n"0:11:47","allows multipart upload concurrently']}

我无法访问“文件”键并将文件保存在某处并读取内容。 怎么做？

即使我尝试使用FieldStorage，它也为空

form = cgi.FieldStorage(environ=environ, fp=environ['wsgi.input'])

该如何处理？ 我缺少一部分吗？

Answer 1

看一下本教程 。

因此，基本上，如果您使用的是Flask，它已经在处理上传的文件。 您需要做的就是将文件保存在服务器上的某个位置：

if request.method == 'POST':
        file = request.files['file']
        if file:
                file.save('/where/to/save', file.filename)

我已经删除了本教程的示例，以便于查看正在发生的事情，但是请参考该教程以了解如何保护文件名。