[英]How to make perfect power algorithm more efficient?
我有以下代码:
def isPP(n):
pos = [int(i) for i in range(n+1)]
pos = pos[2:] ##to ignore the trivial n** 1 == n case
y = []
for i in pos:
for it in pos:
if i** it == n:
y.append((i,it))
#return list((i,it))
#break
if len(y) <1:
return None
else:
return list(y[0])
由于我在内存中存储了太多内存,因此直到2000年为止,它都能完美运行。 我该怎么做才能使它有效地处理大量数字(例如50000或100000)。 在找到一种情况后,我试图使其结束,但是如果数量很大,我的算法仍然效率太低。
有小费吗?
IIRC,迭代检查“它有平方根吗?有立方根吗?有第四个根吗?……”要容易得多,您很快就会得出推定的根必须在1
之间的观点。和2
,此时您可以停止。
如果存在b和e且b ^ e = n,则数字n是理想幂。 例如216 = 6 ^ 3 = 2 ^ 3 * 3 ^ 3是一个完美的幂,但72 = 2 ^ 3 * 3 ^ 2不是一个完美的幂。
确定一个数字是否为完美幂的诀窍是要知道,如果该数字是一个完美幂,则指数e必须小于log2 n ,因为如果e大于2,则e将大于n 。 此外,仅需测试素数es ,因为如果数字是复合指数的完美幂,那么它也是复合成分的质数的完美幂; 例如2 ^ 15 = 32768 = 32 ^ 3 = 8 ^ 5是理想的立方根,也是理想的第五根。
下面显示的功能isPerfectPower
通过首先使用牛顿方法计算整数根,然后对结果加幂以检查其是否等于n,来测试每个小于log2 n的素数。 辅助函数质数通过Eratosthenes的Sieve计算primes
列表, iroot
通过牛顿方法计算整数k th-root, ilog
通过二进制搜索计算以b为底的整数对数。
def primes(n): # sieve of eratosthenes
i, p, ps, m = 0, 3, [2], n // 2
sieve = [True] * m
while p <= n:
if sieve[i]:
ps.append(p)
for j in range((p*p-3)/2, m, p):
sieve[j] = False
i, p = i+1, p+2
return ps
def iroot(k, n): # assume n > 0
u, s, k1 = n, n+1, k-1
while u < s:
s = u
u = (k1 * u + n // u ** k1) // k
return s
def ilog(b, n): # max e where b**e <= n
lo, blo, hi, bhi = 0, 1, 1, b
while bhi < n:
lo, blo, hi, bhi = hi, bhi, hi+hi, bhi*bhi
while 1 < (hi - lo):
mid = (lo + hi) // 2
bmid = blo * pow(b, (mid - lo))
if n < bmid: hi, bhi = mid, bmid
elif bmid < n: lo, blo = mid, bmid
else: return mid
if bhi == n: return hi
return lo
def isPerfectPower(n): # x if n == x ** y, or False
for p in primes(ilog(2,n)):
x = iroot(p, n)
if pow(x, p) == n: return x
return False
在我的博客上还有关于完美功率谓词的进一步讨论。
一个相关的改进将是:
import math
def isPP(n):
# first have a look at the length of n in binary representation
ln = int(math.log(n)/math.log(2)) + 1
y = []
for i in range(n+1):
if (i <= 1):
continue
# calculate max power
li = int(math.log(i)/math.log(2))
mxi = ln / li + 1
for it in range(mxi):
if (it <= 1):
continue
if i ** it == n:
y.append((i,it))
# break if you only need 1
if len(y) <1:
return None
else:
return list(y[0])
我认为更好的方法是实施此“ hack”:
import math
def isPP(n):
range = math.log(n)/math.log(2)
range = (int)(range)
result = []
for i in xrange(n):
if(i<=1):
continue
exponent = (int)(math.log(n)/math.log(i))
for j in [exponent-1, exponent, exponent+1]:
if i ** j == n:
result.append([i,j])
return result
print isPP(10000)
结果:
[[10,4],[100,2]]
黑客使用以下事实:
if log(a)/log(b) = c,
then power(b,c) = a
由于此计算在浮点数上可能会略微不足以给出真正近似的结果,因此将指数检查为+/- 1
的精度。
您可以进行必要的调整以处理n=1, etc.
极端情况n=1, etc.
声明:本站的技术帖子网页,遵循CC BY-SA 4.0协议,如果您需要转载,请注明本站网址或者原文地址。任何问题请咨询:yoyou2525@163.com.