[英]Calculating nCr mod p efficiently when n is very large
我需要有效地計算nCr mod p
。 現在,我已經編寫了這段代碼,但它超出了時間限制。 請建議更優化的解決方案。
對於我的情況, p = 10^9 + 7 and 1 ≤ n ≤ 100000000
我還必須確保沒有溢出,因為nCr mod p
保證適合32位整數,但是n!
可能會超出限制。
def nCr(n,k):
r = min(n-k,k)
k = max(n-k,k)
res = 1
mod = 10**9 + 7
for i in range(k+1,n+1):
res = res * i
if res > mod:
res = res % mod
res = res % mod
for i in range(1,r+1):
res = res/i
return res
PS:我認為我的代碼可能不完全正確。 但是,它似乎適用於小n
。 如果錯了,請指出來!
來自http://apps.topcoder.com/wiki/display/tc/SRM+467 :
long modPow(long a, long x, long p) {
//calculates a^x mod p in logarithmic time.
long res = 1;
while(x > 0) {
if( x % 2 != 0) {
res = (res * a) % p;
}
a = (a * a) % p;
x /= 2;
}
return res;
}
long modInverse(long a, long p) {
//calculates the modular multiplicative of a mod m.
//(assuming p is prime).
return modPow(a, p-2, p);
}
long modBinomial(long n, long k, long p) {
// calculates C(n,k) mod p (assuming p is prime).
long numerator = 1; // n * (n-1) * ... * (n-k+1)
for (int i=0; i<k; i++) {
numerator = (numerator * (n-i) ) % p;
}
long denominator = 1; // k!
for (int i=1; i<=k; i++) {
denominator = (denominator * i) % p;
}
// numerator / denominator mod p.
return ( numerator* modInverse(denominator,p) ) % p;
}
請注意,我們使用modpow(a,p-2,p)來計算mod逆。 這與Fermat的小定理一致,該定理指出(a ^(p-1)與1個模p一致)其中p是素數。 因此,它暗示(a ^(p-2)與^( - 1)模p)一致。
C ++到Python的轉換應該很容易:)
關於最后一個問題:我認為你的代碼中的錯誤是計算產品,將其減去模k
,然后將結果除以r!
。 這與減少模k
之前的除法不同。 例如, 3*4 / 2 (mod 10) != 3*4 (mod 10) / 2
。
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