C＃switch variable initialization：為什么這段代碼不會導致編譯錯誤或運行時錯誤？

Question

...
case 1:
   string x = "SomeString";
   ...
   break;
case 2:
   x = "SomeOtherString";
   ...
   break;
...

有沒有我不了解C＃中的switch語句？ 為什么在使用案例2時這不是錯誤？
編輯：此代碼有效，不會拋出錯誤。

Answer 1

你必須小心如何考慮這里的switch語句。 事實上， 根本沒有創建可變范圍 。 不要僅僅因為案例中的代碼縮進它存在於子范圍內的事實。

當編譯一個開關塊時，只需將case標簽轉換為標簽，並根據switch表達式在switch語句的開頭執行適當的goto指令。 實際上，您可以手動使用goto語句創建“直通”情境（C＃直接支持），如MSDN頁面所示。

goto case 1;

如果您特別想在switch塊中為每個案例創建范圍，則可以執行以下操作。

...
case 1:
{
   string x = "SomeString";
   ...
   break;
}
case 2:
{
   string x = "SomeOtherString";
   ...
   break;
}
...

這要求您重新聲明變量x （否則您將收到編譯器錯誤）。 在某些情況下，確定每個（或至少一些）范圍的方法非常有用，並且您肯定會在代碼中不時地看到它。

Answer 2

MSDN上的文檔說：

在switch語句的switch-block中聲明的局部變量的范圍（第8.7.2節）是switch-block。

此外，之前已經提出過類似的問題： c＃switch語句中的變量聲明

Answer 3

沒有編譯器錯誤，因為switch語句不會為變量創建新范圍。

如果在開關內部聲明變量，則變量與開關周圍的代碼塊在同一范圍內。 要更改此行為，您需要添加{}：

...
case 1:
    // Start a new variable scope 
    {
        string x = "SomeString";
        ...
    }
    break;
case 2:
    {
        x = "SomeOtherString";
        ...
    }
    break;
...

這會導致編譯器抱怨。 但是，切換本身並不在內部執行此操作，因此代碼中沒有錯誤。

Answer 4

看起來變量的范圍是在開關內，而不是這種情況，可能是因為案例可以堆疊。 請注意，如果您嘗試在交換機外部引用x，則它將失敗。

Answer 5

如果在case中創建任何局部變量，則不能將它們用於側面案例。

...
int opt ;
switch(opt)
{
case 1:
{
   string x = "SomeString";
   ...
}
   break;
case 2:
{
   string x = "SomeOtherString";
   ...
}
   break;
default:
{
//your code
}
break;
}
...

Answer 6

將字符串聲明移到之前

switch(value)

聲明。 然后為每個案例分配x。