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[英]Algorithm for integer rounding of result after division of one integer by another whose values may be negative
[英]Integer Division Algorithm Analysis
對於賦值,我們需要編寫除法算法,以便僅使用加法和遞歸來完成某個問題。 我發現,在不使用尾遞歸的情況下,天真的重復減法實現很容易導致堆棧溢出。 所以快速分析這個方法,如果我錯了就糾正我,這表明如果你將A除以B,分別用n和m二進制數,它應該是以nm為指數。 我真的得到了
O( (n-m)*2^(n-m) )
因為你需要從n個二進制數字2 ^(nm)次中減去一個m二進制數字,以便將n位數字刪除到n-1位數字,你需要這樣做nm次來得到一個數字在重復減法除法中最多有m個數字,因此運行時應該如上所述。 再說一次,我很可能是錯的,所以有人請你糾正我,如果我。 這是假設O(1)加法,因為我正在使用固定大小的整數。 我想用固定大小的整數可以說算法是O(1)。
回到我的主要問題。 我開發了一種不同的方法來執行整數除法,即使在遞歸使用它時,它也可以更好地工作,基於for的想法
P = 2^(k_i) + ... 2^(K_0)
我們有
A/B = (A - B*P)/B + P
該算法如下計算A/B
:
input:
A, B
i) Set Q = 0
ii) Find the largest K such that B * 2^K <= A < B * 2(K + 1)
iii) Q -> Q + 2^K
iv) A -> A - B * 2^k
v) Repeat steps ii) through iv) until A <= B
vi) Return Q (and A if you want the remainder)
由於僅使用加法的限制,我只是在每次遞歸調用時將B添加到自身,但是這里是我的代碼沒有遞歸並且使用移位而不是添加。
int div( unsigned int m, unsigned int n )
{
// q is a temporary n, sum is the quotient
unsigned int q, sum = 0;
int i;
while( m > n )
{
i = 0;
q = n;
// double q until it's larger than m and record the exponent
while( q <= m )
{
q <<= 1;
++i;
}
i--;
q >>= 1; // q is one factor of 2 too large
sum += (1<<i); // add one bit of the quotient
m -= q; // new numerator
}
return sum;
}
我覺得sum |= (1<<i)
可能更合適,以強調我正在處理二進制表示,但它似乎沒有給任何性能提升並且可能使它更難理解。 因此,如果M
和N
分別是m
和n
的位數,則分析表明內循環執行M - N
次,每次外循環完成m
失去一位,並且它也必須完成M - N
為了條件m <= n
, M - N
次,所以我得到它是O((M - N)^ 2)。
畢竟,我問我是否對算法的運行時間是否正確以及是否可以對其進行改進?
您的算法非常好,您對運行時間的分析是正確的,但您不需要每次都執行內部循環:
unsigned div(unsigned num, unsigned den)
{
//TODO check for divide by zero
unsigned place=1;
unsigned ret=0;
while((num>>1) >= den) //overflow-safe check
{
place<<=1;
den<<=1;
}
for( ;place>0; place>>=1,den>>=1)
{
if (num>=den)
{
num-=den;
ret+=place;
}
}
return ret;
}
這使它成為O(MN)
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