[英]How to solve: T(n) = T(n/2) + T(n/4) + T(n/8) + (n)
我知道如何為只調用自己一次的算法做遞歸關系,但我不確定如何做一次多次調用自己的事情。
例如:
T(n) = T(n/2) + T(n/4) + T(n/8) + (n)
使用遞歸樹。 請參閱 CLRS“算法簡介”中遞歸樹的最后一個示例。
T(n) = T(n/2) + T(n/4) + T(n/8) + n。 根將是 n(cost) & 分為 3 個遞歸。 所以遞歸樹如下所示:
T(n) = n = n T(n/2)T(n/4)T(n/8) (n/2) (n/4) (n/8) T(n/4)T(n /8)T(n/16) T(n/8)T(n/16)T(n/32) T(n/16)T(n/32)T(n/64)
n---------------------------------> n
(n/2) (n/4) (n/8)--------------> (7/8)n
n/4 n/8 n/16 n/8 n/16 n/32 n/16 n/32 n/64)--------> (49/64)n
...
最長路徑:最左邊的左分支 = n -> n/2 -> n/4 -> ... -> 1
最短分支:最右邊的右分支 = n -> n/8 -> n->64 -> ... -> 1
葉子數(l):3^log_8(n) < l < 3^log_2(n) => n^0.5 < l < n^1.585
看看樹 - 到 log_8(n) 層,樹已經滿了,然后隨着我們往下走,越來越多的內部節點不存在。 根據這個理論,我們可以給出界限,
T(n) = Big-Oh(總和 j=0 到 log_2(n)-1 (7/8)^jn) = ... => T(n) = O(n)。 T(n) = Big-Omega(總和 j=0 到 log_8(n)-1 (7/8)^jn) = ... => T(n) = Big-Omega(n)。
因此,T(n) = Theta(n)。
這里的要點是:T(n/2) 路徑的長度最長......
這一定不是一個完整的三叉樹...高度 = n 的對數基數 2 & # 的葉子必須小於 n ...
希望,可能這樣你可以解決問題。
有兩種方法可以解決這個問題。 一種是展開遞歸並找到相似之處,這可能需要創造性並且非常困難。 另一種方法是使用Akra-Bazzi 方法。
在這種情況下, g(x) = n
, a1 = a2 = a3 = 1
和b1 = 1/2
, b2 = 1/4
, b3 = 1/8
。 求解方程
即1/2^p + 1/4^p + 1/8^p = 1
你得到p = 0.87915
。 解決積分你會得到 ,這意味着復雜度為: O(n)
正如CLRS所說, T(n)
可以通過數學歸納法替換為cn
。 這個歸納假設適用於n
以下的數字。 如上所述,我們需要證明的是參數值為n。 因此,如下: 假設: T(n) <= cn
對於小於n
的數; 得出結論:
T(n) = T(n/2) + T(n/4) + T(n/8) + n
<= c/2*n + c/4*n + c/8*n + n
= (7/8*c + 1) * n
<= cn (when c >= 8)
就這樣。
就像編寫斐波那契數列(困難的方式)作為示例一樣,您只需鍵入以下內容:
long fib(long n){ if(n <= 1) return n; else return fib(n-1) + fib(n-2); }
或者,更好的是,使用全局變量記住它以使其更快。 再一次,使用斐波那契數列:
static ArrayList<Long>fib_global = new ArrayList(1000); //delcare a global variable that can be appended to long fib(long n){ if(n >= fib_global.length)fib_global.add(fib(n-1) + fib(n-2)); return fib_global.get(n); }
代碼一次只會執行其中一個調用,並且很可能按照您輸入的從左到右的順序,這樣您就不必擔心需要執行的次數叫什么。
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